质量为一千克的木块,以4米每秒的初速度从倾角为30度的斜面下端向上滑行,上滑最大

发布网友发布时间：2023-03-24 08:22

共3个回答

热心网友时间：2023-10-16 17:22

如果你是高一新生，那用牛顿第二定律解决：设动摩擦因数为μ，木块质量为m，由题意利用公式2ax=v末^2-v始^2可得木块上去时的加速度大小为a1=8m/s^2，然后利用牛顿第二定律：mgsinA+μmgcosA =ma1(A为30度）得到μ=0.6,
第二阶段下来时：mgsinA-μmgcosA =ma2得到下来时的加速度a2=2m/s^2，因为下滑距离还是一米，初速度为零，所以利用公式2ax=v末^2-v始^2可得：下滑到斜面底端时的速度为v=2m/s

如果你是老生了，那就用动能定理吧！上去时：由动能定理知：
-（mghsinA+μmgsinA）=0-1/2mv始^2求得μ=0.6
下来时，由动能定理知：
mghsinA-μmgsinA=1/2mv末^2-0得到v末=2m/s

热心网友时间：2023-10-16 17:22

是求上滑的最大位移吗？如果斜面光滑，
求出加速度a=gsin30度=5m/s^2，方向沿斜面向下，
根据Vt^2-V0^2=2as，0-16=-2x5s，s=1.6m

热心网友时间：2023-10-16 17:23

若斜面无摩擦，则
G1=sin30*mg=0.5*1*10=5N
a=G1/m=5m/s^2
因为v2^2-v1^2=2ax
所以0-4^2=2*-5*x
x=1.6m